题目描述
给出一棵n个节点的树，每一个节点开始有一个互不相同的颜色，初始根节点为1。
定义一次感染为：将指定的一个节点到根的链上的所有节点染成一种新的颜色，代价为这条链上不同颜色的数目。
现有m次操作，每次为一下三种之一：
RELEASE x：对x执行一次感染；
RECENTER x：把根节点改为x，并对原来的根节点执行一次感染；
REQUEST x：询问x子树中所有节点感染代价的平均值。
输入
输入的第一行包含两个整数n和m，分别代表局域网中计算机的数量，以及操作和询问的总数。
接下来n-1行，每行包含两个整数x和y，表示局域网中编号为x和y的计算机之间有网线直接相连。
接下来m行，每行包含一个操作或者询问，格式如问题描述中所述。
输出
对于每个询问，输出一个实数，代表平均感染时间。输出与答案的绝对误差不超过 10^(-6)时才会被视为正确。
样例输入
8 6
1 2
1 3
2 8
3 4
3 5
3 6
4 7
REQUEST 7
RELEASE 3
REQUEST 3
RECENTER 5
RELEASE 2
REQUEST 1
样例输出
4.0000000000
2.0000000000
1.3333333333
题解
LCT+树上倍增+DFS序+树状数组区间修改区间查询
这也是一道神题了。。。不查题解真的想不到。。。
首先同种颜色的一定是一条链。
然后如果把同种颜色的边看作实边，不同种颜色的边看作虚边的话，
一次感染就是LCT中的access操作，代价就是虚边数量+1。。。
（估计出题人是根据access操作的方法才出的这题吧。。。正常人根本想不到是LCT啊。。。）
一次RECENTER操作就是makeroot（makeroot自带一次access，就对应了题目的再感染一次。。。）
所以一个点的答案只与虚边数量有关，而只有虚边变化（access）时某些点的答案才会变化。
考虑加虚边答案怎么变化：一个点到其父亲节点加了一条虚边，那么其子树内所有节点到根节点都需要经过这一条虚边，该子树内答案+1。删虚边同理。
这里要注意一个问题：Splay的根节点不是这条链上深度最小的点，最左边的节点才是要更新子树的节点。因此在更新子树时还要找Splay中最左边的节点，同时不要忘了pushdown。
由于本题的根是变化的，因此参考 bzoj3083遥远的国度 ，将子树转化为dfs序上的至多两端区间，将得到的区间+1或-1。其中找第一个子节点的过程可以使用树上倍增实现。
因为本体略卡常，所以采用了树状数组区间修改区间查询，方法参考 bzoj3132上帝造题的七分钟 。
查询时同理，直接把区间和求出来即可。
时间复杂度$O(n\log^2n*不知多大的常数)=O(能过)$
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 100010
using namespace std;
typedef long long ll;
struct lct
{
int fa , c[2] , rev;
}a[N];
int n , head[N] , to[N << 1] , next[N << 1] , cnt , fa[N][20] , deep[N] , pos[N] , last[N] , tot , log[N] , root = 1;
ll f[N] , g[N];
char str[15];
inline void modify(int x , int a)
{
int i;
for(i = x ; i <= n ; i += i & -i) f[i] += a , g[i] += x * a;
}
inline ll query(int x)
{
int i;
ll s1 = 0 , s2 = 0;
for(i = x ; i ; i -= i & -i) s1 += f[i] , s2 += g[i];
return (x + 1) * s1 - s2;
}
inline void add(int x , int y)
{
to[++cnt] = y , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;
}
void dfs(int x)
{
int i;
pos[x] = ++tot;
for(i = 1 ; (1 << i) <= deep[x] ; i ++ ) fa[x][i] = fa[fa[x][i - 1]][i - 1];
for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
if(to[i] != fa[x][0])
fa[to[i]][0] = x , a[to[i]].fa = x , deep[to[i]] = deep[x] + 1 , dfs(to[i]);
last[x] = tot;
modify(pos[x] , 1) , modify(last[x] + 1 , -1);
}
inline int find(int x , int y)
{
int i;
for(i = log[deep[x] - deep[y]] ; ~i ; i -- )
if((1 << i) < deep[x] - deep[y])
x = fa[x][i];
return x;
}
inline void rever(int x)
{
swap(a[x].c[0] , a[x].c[1]) , a[x].rev ^= 1;
}
inline void pushdown(int x)
{
if(a[x].rev) rever(a[x].c[0]) , rever(a[x].c[1]) , a[x].rev = 0;
}
inline bool isroot(int x)
{
return a[a[x].fa].c[0] != x && a[a[x].fa].c[1] != x;
}
void update(int x)
{
if(!isroot(x)) update(a[x].fa);
pushdown(x);
}
inline void rotate(int x)
{
int y = a[x].fa , z = a[y].fa , l = (a[y].c[1] == x) , r = l ^ 1;
if(!isroot(y)) a[z].c[a[z].c[1] == y] = x;
a[x].fa = z , a[y].fa = x , a[a[x].c[r]].fa = y , a[y].c[l] = a[x].c[r] , a[x].c[r] = y;
}
inline void splay(int x)
{
int y , z;
update(x);
while(!isroot(x))
{
y = a[x].fa , z = a[y].fa;
if(!isroot(y)) rotate((a[y].c[0] == x) ^ (a[z].c[0] == y) ? x : y);
rotate(x);
}
}
inline void treemodify(int x , int v)
{
if(!x) return;
int y;
while(a[x].c[0]) pushdown(x) , x = a[x].c[0];
if(root == x) modify(1 , v);
else if(pos[root] < pos[x] || pos[root] > last[x]) modify(pos[x] , v) , modify(last[x] + 1 , -v);
else y = find(root , x) , modify(1 , v) , modify(pos[y] , -v) , modify(last[y] + 1 , v);
}
inline double treequery(int x)
{
int y;
if(root == x) return (double)query(n) / n;
else if(pos[root] < pos[x] || pos[root] > last[x]) return (double)(query(last[x]) - query(pos[x] - 1)) / (last[x] - pos[x] + 1);
else
{
y = find(root , x);
return (double)(query(n) - query(last[y]) + query(pos[y] - 1)) / (n - last[y] + pos[y] - 1);
}
}
inline void access(int x)
{
int t = 0 , y;
while(x) splay(x) , treemodify(t , -1) , y = a[x].c[1] , a[x].c[1] = t , treemodify(y , 1) , t = x , x = a[x].fa;
}
inline void makeroot(int x)
{
access(x) , splay(x) , rever(x) , root = x;
}
int main()
{
int m , i , x , y;
scanf("%d%d" , &n , &m);
for(i = 2 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d%d" , &x , &y) , add(x , y) , add(y , x) , log[i] = log[i >> 1] + 1;
dfs(1);
while(m -- )
{
scanf("%s%d" , str , &x);
if(str[2] == ‘L‘) access(x);
else if(str[2] == ‘C‘) makeroot(x);
else printf("%.10lf\n" , treequery(x));
}
return 0;
}