PS：一道XX到我心态崩溃的好（傻逼）题。
先粘题目：
佐助被大蛇丸诱骗走了，鸣人在多少时间内能追上他呢？
已知一张地图（以二维矩阵的形式表示）以及佐助和鸣人的位置。地图上的每个位置都可以走到，只不过有些位置上有大蛇丸的手下，需要先打败大蛇丸的手下才能到这些位置。鸣人有一定数量的查克拉，每一个单位的查克拉可以打败一个大蛇丸的手下。假设鸣人可以往上下左右四个方向移动，每移动一个距离需要花费1个单位时间，打败大蛇丸的手下不需要时间。如果鸣人查克拉消耗完了，则只可以走到没有大蛇丸手下的位置，不可以再移动到有大蛇丸手下的位置。佐助在此期间不移动，大蛇丸的手下也不移动。请问，鸣人要追上佐助最少需要花费多少时间？
输入输入的第一行包含三个整数：M，N，T。代表M行N列的地图和鸣人初始的查克拉数量T。0 < M,N < 200，0 ≤ T < 10
后面是M行N列的地图，其中@代表鸣人，+代表佐助。*代表通路，#代表大蛇丸的手下。输出输出包含一个整数R，代表鸣人追上佐助最少需要花费的时间。如果鸣人无法追上佐助，则输出-1。样例输入
样例输入1 4 4 1 #@## **## ###+ **** 样例输入2 4 4 2 #@## **## ###+ ****
样例输出
样例输出1 6 样例输出2 4
先写一下心路历程吧。
还是一道典型迷宫，唯一的新颖是查克拉的加入。
首先，我写出基本的迷宫框架。
一开始判断查克拉的办法稍有复杂，借鉴了网上大佬的方法，依旧通过一个数组来判断查克拉。
别的地方没有太大的更新了，贴代码吧：
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
int u[4]={1,-1,0,0},p[4]={0,0,1,-1};
int n,m,w,xz,yz,h,l;
bool vis[210][210][20];
char b[210][210];
struct mmap{int dis,cha,x,y;};
mmap q[400100];
void doit(){
int i,x,y,head=0,tail=1;
q[1].x=h; q[1].y=l; q[1].cha=w; q[1].dis=0;
while(head<tail) {
head++;
for(i = 0 ; i < 4 ; ++i){
x=u[i]+q[head].x;
y=p[i]+q[head].y;
if(x<=0||x>m||y<=0||y>n||((!q[head].cha)&&(b[x][y]==‘#‘))||!(vis[x][y][q[head].cha]))continue;
tail++;
q[tail].x =x;
q[tail].y =y;
q[tail].dis=q[head].dis+1;
q[tail].cha=q[head].cha;
if(b[x][y]==‘#‘)q[tail].cha--;
vis[x][y][q[tail].cha]=false;
if(x==xz&&y==yz){
printf("%d",q[tail].dis);
return ;
}
}
}
printf("-1");
}
int main(){
memset(vis,true,sizeof(vis));
scanf("%d %d %d",&m,&n,&w);
for(int i = 1 ; i <= m ; ++i){
scanf("%s",b[i]+1);
for(int j = 1 ; j <= n ; ++j){
if(b[i][j]==‘@‘){
h=i;
l=j;
}
if(b[i][j]==‘+‘){
xz=i;
yz=j;
}
}
}
doit();
return 0;
}
关于这道题就是这样了，下面，总结一下吧。
最近比较浮躁，静不下心，不停地提交提交，也没有仔细看看代码。之前一直在RE，于是一直检查数组，没看出错误。RE了好几次决定静下心看看代码，发现在还没有改变查克拉的时候就改变了vis查克拉。这是第一个错误。
之后再测评就一直5分，寻找最后一分错在哪里（满分6分）。仔细研究正确代码后发现，自己的数组开小了。虽然地图最大200*200，但是每一个点的查克拉最多有10种出现情况，也就是说，在用结构体时，每一个位置可能占用10个房间，那么一共便需要400000个房间。
这道题用了大量的时间，但也还值得，有很多收获：
结构体在搜索中的优势非常明显，可以更加简单明了；
也给自己一个很惨的教训：在以后，无论是做什么事，都要静下心来慢慢分析，太浮躁的结果只能是既花费时间，又没有太大收获。
以后我会牢牢记住这一点的。
那么，再次打起精神来，投入接下来的战斗吧！
傅远植 加油！！！！
2017.5.21