T1：
题目大意：
给一个长度为$n（n<=200）$的数列$h$，再给$m$个可以无限使用的操作，第$i$个操作为给长度为花费$c_i$的价值给长度为$l_i$的数列子序列+1或-1，求将数列变为不下降数列的最小花费。
题解：
第一部分（上下界最小费用可行流）：
设$h_0=-inf,h_{n+1}=inf$，令$a$为$h$的差分数组，即$a_i=h_{i}-h_{i-1}$。考虑当对于区间$[l,r]$操作时（比如+1），相当于$a_{r+1}$减少1,$a_{l}$增加1。若将$a$数组看做点集，这个变化相当于从$r+1$到$l$的一条流量为$1$的有向边，反之（-1）亦然。
显然问题相当于把$a$数组元素均变为 不为0。那么我们由S向$a_{i}>0$的位置连$flow=[0,a_{i}],cost=0$的边，表示${i}$可以减少流量上下界，对于$a_{i}<0$的位置，我们至少要使其增加$-a_i$所以我们向$T$连$flow=[-a_i,inf]，cost=0$的边。对于每个操作我们由于可无限使用我们就给所有合法位置连$flow=[0,inf],cost=c_{i}$的边，然后我们可以跑一个上下界解决问题。
等等，这样的确解决了问题，不过我们观察一下这个图，会发现上下界源点只连向了$T$，而上下界汇点只被那些$a_{i}<0$的点连接到。
我们把这个图转化一下，会发现对于上面的建图方式，我们只把$a_{i}<0$的边建成$flow=-a_i，cost=0$的边即可，根本不需要跑上下界。这就是另外一种思考方式。
第二部分（最小费用最大流）：
我们考虑那些$a_{i}<0$的点变为$0$一定比使其变为任一整数更优秀，同时这也是我们的判断有没有解的依据。
所以我们就直接由$a_{i}<0$的点连向$T$的边为$flow=-a_i,cost=0$即可，如果所有连向$T$的边都流满，说明有解，同时由于上述性质，一定是最优解。
不过这两个时间复杂度并没有太大区别。
代码：
1 #include "bits/stdc++.h"
2
3 using namespace std;
4
5 #define inf 0x3f3f3f3f
6
7 inline int read() {
8 int s=0,k=1;char ch=getchar ();
9 while (ch<‘0‘|ch>‘9‘) ch==‘-‘?k=-1:0,ch=getchar();
10 while (ch>47&ch<=‘9‘) s=s*10+(ch^48),ch=getchar();
11 return s*k;
12 }
13
14 const int N=1e3+10;
15
16 struct edges {
17 int v,cap,cost;edges *pair,*last;
18 }edge[N*N],*head[N];int cnt;
19
20 inline void push(int u,int v,int cap,int cost) {
21 edge[++cnt]=(edges){v,cap,cost,edge+cnt+1,head[u]},head[u]=edge+cnt;
22 edge[++cnt]=(edges){u,0,-cost,edge+cnt-1,head[v]},head[v]=edge+cnt;
23 }
24
25 int S,T,ss,tt,n,fl,m;
26 int piS,vis[N];
27 long long cost;
28
29 inline int aug(int x,int w) {
30 if (x==T) return cost+=1ll*piS*w,fl+=w,w;
31 vis[x]=true;
32 int ret=0;
33 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
34 if (i->cap&&!i->cost&&!vis[i->v]) {
35 int flow=aug(i->v,min(i->cap,w));
36 i->cap-=flow,i->pair->cap+=flow,ret+=flow,w-=flow;
37 if (!w) break;
38 }
39 return ret;
40 }
41
42 inline bool modlabel() {
43 static int d[N];
44 memset(d,0x3f,sizeof d);d[T]=0;
45 static deque<int> q;q.push_back(T);
46 int dt;
47 while (!q.empty()) {
48 int x=q.front();q.pop_front();
49 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
50 if (i->pair->cap&&(dt=d[x]-i->cost)<d[i->v])
51 (d[i->v]=dt)<=d[q.size()?q.front():0]
52 ?q.push_front(i->v):q.push_back(i->v);
53 }
54 for (int i=S;i<=T;++i)
55 for (edges *j=head[i];j;j=j->last)
56 j->cost+=d[j->v]-d[i];
57 piS+=d[S];
58 return d[S]<inf;
59 }
60
61 inline void solve() {
62 piS = cost = 0;
63 while(modlabel())
64 do memset(vis,0,sizeof vis);
65 while(aug(S, inf));
66 }
67
68 int h[N],a[N],c[N],l[N],typ[N];
69 int f[N],g[N];
70
71 int main(){
72 n=read(),m=read();
73 for (int i=1;i<=n;++i)
74 h[i]=read();
75 for (int i=n;i>1;--i)
76 h[i]=h[i]-h[i-1];
77 h[1]=inf,h[n+1]=inf;
78 ss=n+2,tt=ss+1,T=tt+1;
79 char opt[2];
80 for (int i=1;i<=m;++i) {
81 scanf("%s",opt),l[i]=read(),c[i]=read();
82 typ[i]=opt[0]==‘+‘;
83 }
84 ++n;
85 for (int i=1;i<=n;++i)
86 if (h[i] > 0)
87 push(ss,i,h[i],0);
88 else if(h[i]<0) push(i,tt,inf,0),a[i]=-h[i],a[tt]+=h[i],push(i,T,a[i],0);
89 push(tt,ss,inf,0);
90 push(S,tt,-a[tt],0);
91 memset(f,0x3f,sizeof(f));
92 f[0]=0;
93 memcpy(g,f,sizeof g);
94 for (int j=1;j<=m;++j)
95 for (int k=l[j];k<=n;k+=l[j])
96 if(typ[j])
97 for (int i=n-1;i>=l[j];--i)
98 f[i]=min(f[i],f[i-l[j]]+c[j]);
99 else
100 for (int i=n-1;i>=l[j];--i)
101 g[i]=min(g[i],g[i-l[j]]+c[j]);
102 // puts()
103 for (int j=1;j<=m;++j)
104 if (typ[j]){
105 if (f[l[j]]==c[j])
106 for (int i=l[j]+1;i<=n;++i)
107 push(i,i-l[j],inf,c[j]);
108 }else
109 if (g[l[j]]==c[j])
110 for (int i=1;i+l[j]<=n;++i)
111 push(i,i+l[j],inf,c[j]);
112 solve();
113 if (fl==-a[tt])
114 printf("%lld\n",cost);
115 else puts("-1");
116 }
上下界
1 #include "bits/stdc++.h"
2
3 using namespace std;
4
5 #define inf 0x3f3f3f3f
6
7 inline int read() {
8 int s=0,k=1;char ch=getchar ();
9 while (ch<‘0‘|ch>‘9‘) ch==‘-‘?k=-1:0,ch=getchar();
10 while (ch>47&ch<=‘9‘) s=s*10+(ch^48),ch=getchar();
11 return s*k;
12 }
13
14 const int N=1e3+10;
15
16 struct edges {
17 int v,cap,cost;edges *pair,*last;
18 }edge[N*N],*head[N];int cnt;
19
20 inline void push(int u,int v,int cap,int cost) {
21 edge[++cnt]=(edges){v,cap,cost,edge+cnt+1,head[u]},head[u]=edge+cnt;
22 edge[++cnt]=(edges){u,0,-cost,edge+cnt-1,head[v]},head[v]=edge+cnt;
23 }
24
25 int S,T,ss,tt,n,fl,m;
26 int piS,vis[N];
27 long long cost;
28
29 inline int aug(int x,int w) {
30 if (x==T) return cost+=1ll*piS*w,fl+=w,w;
31 vis[x]=true;
32 int ret=0;
33 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
34 if (i->cap&&!i->cost&&!vis[i->v]) {
35 int flow=aug(i->v,min(i->cap,w));
36 i->cap-=flow,i->pair->cap+=flow,ret+=flow,w-=flow;
37 if (!w) break;
38 }
39 return ret;
40 }
41
42 inline bool modlabel() {
43 static int d[N];
44 memset(d,0x3f,sizeof d);d[T]=0;
45 static deque<int> q;q.push_back(T);
46 int dt;
47 while (!q.empty()) {
48 int x=q.front();q.pop_front();
49 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
50 if (i->pair->cap&&(dt=d[x]-i->cost)<d[i->v])
51 (d[i->v]=dt)<=d[q.size()?q.front():0]
52 ?q.push_front(i->v):q.push_back(i->v);
53 }
54 for (int i=S;i<=T;++i)
55 for (edges *j=head[i];j;j=j->last)
56 j->cost+=d[j->v]-d[i];
57 piS+=d[S];
58 return d[S]<inf;
59 }
60
61 inline void solve() {
62 piS = cost = 0;
63 while(modlabel())
64 do memset(vis,0,sizeof vis);
65 while(aug(S, inf));
66 }
67
68 int h[N],a[N],c[N],l[N],typ[N];
69 int f[N],g[N];
70
71 int main(){
72 n=read(),m=read();
73 for (int i=1;i<=n;++i)
74 h[i]=read();
75 for (int i=n;i>1;--i)
76 h[i]=h[i]-h[i-1];
77 h[1]=inf,h[n+1]=inf;
78 // ss=n+2,tt=ss+1,T=tt+1;
79 char opt[2];
80 for (int i=1;i<=m;++i) {
81 scanf("%s",opt),l[i]=read(),c[i]=read();
82 typ[i]=opt[0]==‘+‘;
83 }
84 ++n;T=n+1;
85 for (int i=1;i<=n;++i)
86 if (h[i] > 0)
87 push(S,i,h[i],0);
88 else if(h[i]<0) push(i,T,-h[i],0),a[tt]+=h[i];//,push(i,T,a[i],0);
89 // push(tt,ss,inf,0);
90 // push(S,tt,-a[tt],0);
91 memset(f,0x3f,sizeof(f));
92 f[0]=0;
93 memcpy(g,f,sizeof g);
94 for (int j=1;j<=m;++j)
95 for (int k=l[j];k<=n;k+=l[j])
96 if(typ[j])
97 for (int i=n-1;i>=l[j];--i)
98 f[i]=min(f[i],f[i-l[j]]+c[j]);
99 else
100 for (int i=n-1;i>=l[j];--i)
101 g[i]=min(g[i],g[i-l[j]]+c[j]);
102 for (int j=1;j<=m;++j)
103 if (typ[j]){
104 if (f[l[j]]==c[j])
105 for (int i=l[j]+1;i<=n;++i)
106 push(i,i-l[j],inf,c[j]);
107 }else
108 if (g[l[j]]==c[j])
109 for (int i=1;i+l[j]<=n;++i)
110 push(i,i+l[j],inf,c[j]);
111 solve();
112 // printf("%d %d\n",fl);
113 if (fl==-a[tt])
114 printf("%lld\n",cost);
115 else puts("-1");
116 }
最大流
T2：
题目大意：
emmm，由于并没在网上找到这题，题意我就不发了，仅供自己记忆233。
题解：
这是一道及其简单的模拟网络流最小割的静态仙人掌。（完全不需要题意……各位就知道了）
没什么好说的……
tajan缩点，树剖+线段树维护，以及8k代码。没了。
代码：
1 #include "bits/stdc++.h"
2
3 inline int read(){
4 int s=0,k=1;char ch=getchar();
5 while (ch<‘0‘|ch>‘9‘) ch==‘-‘?k=-1:0,ch=getchar();
6 while (ch>47&ch<=‘9‘) s=s*10+(ch^48),ch=getchar();
7 return s*k;
8 }
9
10 using namespace std;
11
12 #define inf 0x7fffffff
13
14 const int N=5e5+10,M=1e6+10;
15
16 struct node {
17 int a,b,w,id;
18 }line[N];
19
20 struct edges{
21 int v,w;edges *last;node *id;
22 }edge[N<<1],*head[N];int cnt=1;
23
24 inline void push(int u,int v,int w){
25 edge[++cnt]=(edges) {v,w,head[u]},head[u]=edge+cnt;
26 }
27
28 int bccno[N],bcc_cnt,low[N],dfn[N],idx,stk[N],top,size[N],aa[N];
29 bool vis[N],used[N];
30
31 inline void tarjan(int x,int fa) {
32 low[x]=dfn[x]=++idx;
33 stk[++top]=x;
34 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if(i->v!=fa) {
35 if(!dfn[i->v])
36 tarjan(i->v,x),
37 low[x]=min(low[x],low[i->v]);
38 else low[x]=min(low[x],dfn[i->v]);
39 }
40 if(dfn[fa]<low[x]) {
41 bcc_cnt++;int t;
42 do t=stk[top--],bccno[t]=bcc_cnt,++size[bcc_cnt];while (t!=x);
43 }
44 }
45
46 struct Tree {
47 int val;
48 Tree *lc,*rc;
49 inline void update() {
50 val=min(lc->val,rc->val);
51 }
52 }tree[N<<3];int cnt_tree;
53
54 struct Segment{
55 Tree *root;
56
57 inline void build(Tree *&u,int l,int r) {
58 if(!u) u=tree+cnt_tree,cnt_tree++;
59 if(l==r) return void(u->val=aa[l]);
60 int mid=l+r>>1;
61 build(u->lc,l,mid);
62 build(u->rc,mid+1,r);
63 u->update();
64 }
65
66 inline void change(Tree *u,int l,int r,int x,int val){
67 if(l==r) return void(u->val=val);
68 int mid=l+r>>1;
69 if (x>mid) change(u->rc,mid+1,r,x,val);
70 else change(u->lc,l,mid,x,val);
71 u->update();
72 }
73
74 inline int query(Tree *u,int l,int r,int x,int y) {
75 if (x>y) return inf;
76 if(x<=l&&r<=y) return u->val;
77 int mid=l+r>>1,ret=0x7fffffff;
78 if (y>mid) ret=query(u->rc,mid+1,r,x,y);
79 if(x<=mid) ret=min(ret,query(u->lc,l,mid,x,y));
80 return ret;
81 }
82 }seg[N],rt,sft;
83
84 int n,m,pos[N];
85 vector<int> bcc[N],val[N];
86
87 inline void dfs(int x) {
88 vis[x]=true;
89 bcc[bccno[x]].push_back(x);
90 pos[x]=bcc[bccno[x]].size();
91 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) {
92 if (!vis[i->v]&&bccno[x]==bccno[i->v]){
93 i->id->id=pos[x],val[bccno[x]].push_back(i->w),used[i-edge]=used[(i-edge)^1]=true;
94 dfs(i->v);
95 }
96 }
97 if(pos[x]==size[bccno[x]])
98 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if (!used[i-edge]&&bcc[bccno[x]][0]==i->v)
99 i->id->id=pos[x],val[bccno[x]].push_back(i->w);
100 }
101
102 int heavy[N],sz[N],fat[N],gra[N],deep[N],tid[N],rid[N],up[N],down[N],upb[N];
103
104 inline void dfs(int x,int fa){
105 sz[x]=1;
106 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if(i->v!=fa){
107 deep[i->v]=deep[x]+1,dfs(i->v,x);
108 sz[x]+=sz[i->v];
109 if (sz[heavy[x]]<sz[i->v])
110 heavy[x]=i->v;
111 }
112 fat[x]=fa;
113 }
114
115 inline void dfs(int x,int fa,int gr) {
116 gra[x]=gr;
117 tid[x]=++tid[0];
118 rid[tid[0]]=x;
119
120 if (heavy[x]) {
121 dfs(heavy[x],x,gr);
122 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if (i->v!=fa&&i->v!=heavy[x])
123 dfs(i->v,x,i->v);
124 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if (i->v!=fa)
125 aa[tid[i->v]]=i->w;
126 }
127 }
128
129 inline int query(int x,int l,int r){
130 if (l==r) return inf;
131 if (l>r) swap(l,r);
132 return seg[x].query(seg[x].root,1,size[x],l,r-1)+
133 min(seg[x].query(seg[x].root,1,size[x],r,n),
134 seg[x].query(seg[x].root,1,size[x],1,l-1)) ;
135 }
136
137 inline void sdfs(int x) {
138 for (edges *i=head[x];i;i=i->last) if(i->v!=fat[x]){
139 up[i->v]=deep[bccno[i->id->a]]>deep[bccno[i->id->b]]?i->id->a:i->id->b;
140 upb[i->v]=i->id->a^i->id->b^up[i->v];
141 sdfs(i->v);
142 if (i->v==heavy[x])
143 down[x]=deep[bccno[i->id->a]]<deep[bccno[i->id->b]]?i->id->a:i->id->b;
144 if (i->v==heavy[x]&&fat[x]) {
145 int l=pos[up[x]],r=pos[down[x]];
146 aa[tid[x]]=query(x,l,r);
147 }
148 }
149 }
150
151 inline void change(int id,int f) {
152 int a=line[id].a,b=line[id].b;
153 if (bccno[a]^bccno[b]) {
154 a=bccno[a],b=bccno[b];
155 if (deep[a]<deep[b]) swap(a,b);
156 rt.change(rt.root,1,bcc_cnt,tid[a],f);
157 }else {
158 b=bccno[a];
159 seg[b].change(seg[b].root,1,size[b],line[id].id,f);
160 if (up[b]&&down[b]) {
161 int l=pos[up[b]],r=pos[down[b]],val=query(b,l,r);
162 sft.change(sft.root,1,bcc_cnt,tid[b],val);
163 }
164 }
165 }
166
167 inline int query (int x,int y){
168 int ret=inf;
169 if (bccno[x]==bccno[y]) {
170 int l=pos[x],r=pos[y];
171 return query(bccno[x],l,r);
172 }
173 int a=x,b=y;
174 x=bccno[x],y=bccno[y];
175 while (gra[x]!=gra[y]) {
176 if (deep[gra[x]]<deep[gra[y]]) swap(x,y),swap(a,b);
177 ret=min(ret,rt.query(rt.root,1,bcc_cnt,tid[gra[x]],tid[x]));
178 int l,r;
179 l=pos[a],r=pos[up[x]];
180 ret=min(ret,query(x,l,r));
181 a=upb[gra[x]];
182 if (gra[fat[x]]==gra[x]) {
183 x=fat[x];
184 ret=min(ret,sft.query(sft.root,1,bcc_cnt,tid[gra[x]],tid[x]));
185 }
186 x=fat[gra[x]];
187 }
188 if (deep[x]>deep[y]) swap(x,y),swap(a,b);
189 if (x^y) {
190 ret=min(ret,rt.query(rt.root,1,bcc_cnt,tid[x]+1,tid[y]));
191 int l=pos[b],r=pos[up[y]];
192 ret=min(ret,query(y,l,r));
193 ret=min(ret,sft.query(sft.root,1,bcc_cnt,tid[x]+1,tid[y]-1));
194 l=pos[a],r=pos[down[x]];
195 ret=min(ret,query(x,l,r));
196 }else
197 ret=min(ret,query(x,pos[a],pos[b]));
198 return ret;
199 }
200
201 int main(){
202 n=read(),m=read();
203 for (int i=1;i<=m;++i) {
204 int a=read(),b=read(),w=read();
205 line[i]=(node){a,b,w};
206 push(a,b,w),push(b,a,w);
207 edge[cnt].id=edge[cnt-1].id=line+i;
208 }
209 tarjan(1,0);
210 for (int i=1;i<=n;++i)
211 if(!vis[i]) dfs(i);
212
213 for (int i=1;i<=bcc_cnt;++i) {
214 if (size[i]==1) val[i].push_back(inf);
215 for (int j=1;j<=size[i];++j)
216 aa[j]=val[i][j-1];
217 seg[i].build(seg[i].root,1,size[i]);
218 }
219 memset(head,0,sizeof(head));
220 cnt=0;
221 for (int i=1;i<=m;++i) {
222 int a,b,w=line[i].w;
223 if ((a=bccno[line[i].a])!=(b=bccno[line[i].b]))
224 push(a,b,w),push(b,a,w),edge[cnt].id=edge[cnt-1].id=line+i;
225 }
226 dfs(1,0);
227 dfs(1,0,1);
228 aa[1]=0;
229 rt.build(rt.root,1,bcc_cnt);
230 memset(aa,127,sizeof aa);
231
232 int Q=read(),typ,a,b;
233 sdfs(1);
234 sft.build(sft.root,1,bcc_cnt);
235 while (Q--) {
236 typ=read(),a=read(),b=read();
237 if (typ) change(a,b);
238 else printf("%d\n",query(a,b));
239 }
240 }
生平第一棵仙人掌
T3
题目大意：
$n*n$的棋盘，有一些位置可以放棋子，有一些已经放了棋子，有一些什么都没有，也不能放，要求放置以后满足:第i行和第i列的棋子数相同，同时每行的棋子数占总数比例小于$\frac{A}{B}$。求最多可以放多少，无解则输出$impossible$。
题解：
Orz一发大佬——传送门。
先把整张图放满，题目就转化为最少删多少点就合法。
我们用$numx$来记录每行可以放的和已经放棋子总数，$numy$记录每列。从$S$向第i行连流量为$numx_i$的0费用边，从第j列向$T$连流量为$numy_j$的边。先不考虑怎么构建中间的图，在不考虑$\frac{A}{B}$的情况，我们需要判断流量合法的，我们可以让到$T$的边都满流意味着选了和没选的可以构成全集。
我们对于可以放棋子的地方$(x,y)$，由第$x$行到第$y$列连$flow=1,cost=1$的边，表示将这个点删去的所需价值。
考虑后一个限制。
我们可以枚举每一行最多放置的棋子个数$f$，然后我们从第$i$行向第$i$列连一条$flow=f,cost=0$的边。表示第i行选了最多保留$f$个棋子，第$i$列保留棋子等同于这条边的流量，因为其他连向第$i$列的边都是要费用的，对第$i$行来讲其他的出边也是要费用的，而那些要费用的边就是删去的集合。
然后判断一下当前解是否合法即可。
代码：
1 #include "bits/stdc++.h"
2
3 using namespace std;
4
5 #define inf 0x3f3f3f3f
6
7 inline int read() {
8 int s=0,k=1;char ch=getchar ();
9 while (ch<‘0‘|ch>‘9‘) ch==‘-‘?k=-1:0,ch=getchar();
10 while (ch>47&ch<=‘9‘) s=s*10+(ch^48),ch=getchar();
11 return s*k;
12 }
13
14 const int N=100;
15
16 struct edges {
17 int v,cap,cost;edges *pair,*last;
18 }edge[N*N],*head[N];int cnt;
19
20 inline void push(int u,int v,int cap,int cost) {
21 edge[++cnt]=(edges){v,cap,cost,edge+cnt+1,head[u]},head[u]=edge+cnt;
22 edge[++cnt]=(edges){u,0,-cost,edge+cnt-1,head[v]},head[v]=edge+cnt;
23 }
24
25 int S,T,n,fl,ans;
26 int piS,vis[N];
27 int cost;
28
29 inline int aug(int x,int w) {
30 if (x==T) return cost+=1ll*piS*w,fl+=w,w;
31 vis[x]=true;
32 int ret=0;
33 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
34 if (i->cap&&!i->cost&&!vis[i->v]) {
35 int flow=aug(i->v,min(i->cap,w));
36 i->cap-=flow,i->pair->cap+=flow,ret+=flow,w-=flow;
37 if (!w) break;
38 }
39 return ret;
40 }
41
42 inline bool modlabel() {
43 static int d[N];
44 memset(d,0x3f,sizeof d);d[T]=0;
45 static deque<int> q;q.push_back(T);
46 int dt;
47 while (!q.empty()) {
48 int x=q.front();q.pop_front();
49 for (edges *i=head[x];i;i=i->last)
50 if (i->pair->cap&&(dt=d[x]-i->cost)<d[i->v])
51 (d[i->v]=dt)<=d[q.size()?q.front():0]
52 ?q.push_front(i->v):q.push_back(i->v);
53 }
54 for (int i=S;i<=T;++i)
55 for (edges *j=head[i];j;j=j->last)
56 j->cost+=d[j->v]-d[i];
57 piS+=d[S];
58 return d[S]<inf;
59 }
60
61 inline void solve() {
62 piS = cost = 0;
63 while(modlabel())
64 do memset(vis,0,sizeof vis);
65 while(aug(S, inf));
66 }
67
68 char mp[N][N];
69 int numx[N],numy[N],A,B;
70
71 int main() {
72 n=read(),A=read(),B=read();
73 T=n<<1|1;
74 int used=0,sum=0;
75 ans=-1;
76 for (int i=1;i<=n;++i) {
77 scanf("%s",mp[i]+1);
78 for (int j=1;j<=n;++j)
79 if(mp[i][j]==‘C‘||mp[i][j]==‘.‘) {
80 ++sum,++numx[i],++numy[j];
81 used+=mp[i][j]==‘C‘;
82 }
83 }
84 for (int flow=0;flow<=n;++flow) {
85 memset(head,0,sizeof head);
86 cnt=0;fl=0;
87 for (int i=1;i<=n;++i) {
88 push(S,i,numx[i],0);
89 push(i+n,T,numy[i],0);
90 push(i,i+n,flow,0);
91 for (int j=1;j<=n;++j)
92 if(mp[i][j]==‘.‘)
93 push(i,j+n,1,1);
94 }
95 solve();
96 if (fl==sum&&flow*B<=(sum-cost)*A)
97 ans=max(ans,sum-cost);
98 }
99 if (ans==-1) puts("impossible");
100 else printf("%d\n",ans-used);
101 }
t3
原文地址：https://www.cnblogs.com/Troywar/p/8847666.html
时间： 2024-10-07 17:27:39