题目描述
阿米巴是小强的好朋友。
阿米巴和小强在草原上捉蚂蚱。小强突然想,如果蚂蚱被他们捉灭绝了,那么吃蚂蚱的小鸟就会饿死,而捕食小鸟的猛禽也会跟着灭绝,从而引发一系列的生态灾难。
学过生物的阿米巴告诉小强,草原是一个极其稳定的生态系统。如果蚂蚱灭绝了,小鸟照样可以吃别的虫子,所以一个物种的灭绝并不一定会引发重大的灾难。
我们现在从专业一点的角度来看这个问题。我们用一种叫做食物网的有向图来描述生物之间的关系:
一个食物网有N个点,代表N种生物,如果生物x可以吃生物y,那么从y向x连一个有向边。
这个图没有环。
图中有一些点没有连出边,这些点代表的生物都是生产者,可以通过光合作用来生存; 而有连出边的点代表的都是消费者,它们必须通过吃其他生物来生存。
如果某个消费者的所有食物都灭绝了,它会跟着灭绝。
我们定义一个生物在食物网中的“灾难值”为,如果它突然灭绝,那么会跟着一起灭绝的生物的种数。
举个例子:在一个草场上,生物之间的关系是:
如
如果小强和阿米巴把草原上所有的羊都给吓死了,那么狼会因为没有食物而灭绝,而小强和阿米巴可以通过吃牛、牛可以通过吃草来生存下去。所以,羊的灾难值是1。但是,如果草突然灭绝,那么整个草原上的5种生物都无法幸免,所以,草的灾难值是4。
给定一个食物网,你要求出每个生物的灾难值。
输入输出格式
输入格式:
输入文件 catas.in 的第一行是一个正整数 N,表示生物的种数。生物从 1 标
号到 N。
接下来 N 行,每行描述了一个生物可以吃的其他生物的列表,格式为用空
格隔开的若干个数字,每个数字表示一种生物的标号,最后一个数字是 0 表示列
表的结束。
输出格式:
输出文件catas.out包含N行,每行一个整数,表示每个生物的灾难值。
输入输出样例
输入样例#1:
复制
5 0 1 0 1 0 2 3 0 2 0
输出样例#1: 复制
4 1 0 0 0
说明
【样例说明】
样例输入描述了题目描述中举的例子。
【数据规模】
对50%的数据,N ≤ 10000。
对100%的数据,1 ≤ N ≤ 65534。
输入文件的大小不超过1M。保证输入的食物网没有环。
其实这个题非常的水,但是本蒟蒻就是想不出来
这道题递推是不行的,样例就可以卡掉
有一点必须想到,就是一个点要灭绝,必须要拿掉他所有食物的lca(很显然吧)
所以答案就出来了,每个点向他所有食物的lca建立边,又因为要保证所有的食物都已经在树上,所以按拓扑序处理
就完了
1 #include <cstdio> 2 #include <queue> 3 #include <cstring> 4 #include <iostream> 5 #define sz 31 6 #define N 65540 7 using namespace std; 8 int tot,nxt[N*4],point[N*4],v[N*4],tot1,nxt1[N*4],point1[N*4],v1[N*4],tot2,nxt2[N*4],point2[N*4],v2[N*4],n,in[N],ran[N],h[N]; 9 int f[N][sz],ans[N]; 10 void addline(int x,int y){++tot; nxt[tot]=point[x]; point[x]=tot; v[tot]=y;} 11 void addline1(int x,int y){++tot1; nxt1[tot1]=point1[x]; point1[x]=tot1; v1[tot1]=y;} 12 void addline2(int x,int y){++tot2; nxt2[tot2]=point2[x]; point2[x]=tot2; v2[tot2]=y;} 13 void topsort() 14 { 15 queue<int>q; 16 for (int i=1;i<=n;i++) 17 if (!in[i]) q.push(i); 18 int num=0; 19 while (!q.empty()) 20 { 21 int now=q.front(); q.pop(); 22 ran[++num]=now; 23 for (int i=point[now];i;i=nxt[i]) 24 { 25 in[v[i]]--; 26 if (!in[v[i]]) q.push(v[i]); 27 } 28 } 29 } 30 int lca(int x,int y) 31 { 32 if (h[x]<h[y]) swap(x,y); 33 int k=h[x]-h[y]; 34 for (int i=0;i<sz;i++) 35 if ((k>>i)&1) x=f[x][i]; 36 if (x==y) return x; 37 for (int i=sz-1;i>=0;i--) 38 if (f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i],y=f[y][i]; 39 return f[x][0]; 40 } 41 void dfs(int now) 42 { 43 for (int i=point2[now];i;i=nxt2[i]) 44 { 45 dfs(v2[i]); 46 ans[now]+=ans[v2[i]]; 47 } 48 ans[now]++; 49 } 50 int main() 51 { 52 int i,j; 53 scanf("%d",&n); 54 for (i=1;i<=n;i++) 55 { 56 int x; 57 scanf("%d",&x); 58 while (x) {in[i]++;addline1(i,x);addline(x,i);scanf("%d",&x);} 59 } 60 topsort(); 61 for (i=1;i<=n;i++) 62 { 63 int x=v1[point1[ran[i]]]; 64 for (j=point1[ran[i]];j;j=nxt1[j]) 65 x=lca(x,v1[j]); 66 addline2(x,ran[i]); 67 h[ran[i]]=h[x]+1; 68 f[ran[i]][0]=x; 69 for (j=1;j<sz;j++) f[ran[i]][j]=f[f[ran[i]][j-1]][j-1]; //倍增处理 70 } 71 dfs(0); 72 for (i=1;i<=n;i++) printf("%d\n",ans[i]-1); 73 }
原文地址:https://www.cnblogs.com/zhangbuang/p/10539338.html