排列数公式

\[A_n^m=n(n-1)(n-2)\cdots(n-m+1)=\frac{n!}{(n-m)!}\]
（规定\(0!=1\)）

推导：把\(n\)个不同的元素任选\(m\)个排序，按计数原理分步进行：

取第一个：有\(n\)种取法；

取第二个：有\((n-1)\)种取法；

取第三个：有\((n-2)\)种取法；?

……

取第\(m\)个：有\((n-m+1)\)种取法；

……

最后一步，取最后一个：有\(1\)种取法。

根据分步乘法原理，得出上述公式。

组合数公式

\[C_n^m=\frac{A_n^m}{A_m^m}=\frac{n(n-1)(n-2)\cdots (n-m+1)}{m!}=\frac{n!}{m!(n-m)!}\]

\[C_n^n=1\]

证明：利用排列和组合之间的关系以及排列的公式来推导证明。

将部分排列问题\(A_n^m\)分解为两个步骤：?

第一步，就是从\(n\)个球中抽\(m\)个出来，先不排序，此即组合数问题\(C_n^m\)；

第二步，则是把这\(m\)个被抽出来的球排序，即全排列\(A_m^m\)。

根据乘法原理，\(A_n^m=C_n^m A_m^m\)，那么
\[C_n^m=\frac{A_n^m}{A_m^m}=\frac{n(n-1)(n-2)\cdots (n-m+1)}{m!}=\frac{n!}{m!(n-m)!}\]

组合数递推公式

\[C_n^m=C_{n-1}^m+C_{n-1}^{m-1}\]

根据分类计数原理：要么含有新加元素要么不含新加元素。

组合求和公式

\[C_n^0+C_n^1+C_n^2+\cdots+C_n^n=2^n\]

我们感性认知一下，上面这个式子的左边表示什么呢？

把从\(n\)个球中抽出\(0\)个球的组合数（值为\(1\)）、抽出\(1\)个球的组合数、抽出\(2\)个球的组合数、……、抽出\(n\)个球的组合数相加。

换句话说，就是从\(n\)个球中随便抽出一些球，问一共有多少种组合。

对于第1个球，可以选，也可以不选，有2种情况。

对于第2个球，可以选，也可以不选，有2种情况。

对于任意一个球，可以选，也可以不选，有2种情况。

根据乘法原理，一共\(\underbrace{2\times 2\times \cdots \times 2}_{n\text{个2相乘}} = 2^n\)种组合。

想要严谨的证明？数学归纳法：

1. 当\(m=1\)时，\(C_1^0+C_1^1=2=2^1\)成立。
2. 假设\(n=k(k\geq 1,k\in \mathbb{N}^*)\)时等式成立，即
   \[\sum_{i=0}^{k} C_k^i=2^n\]
   成立，当\(n=k+1\)时，
   \[\begin{aligned}
   & C_{k+1}^0 + C_{k+1}^1 + C_{k+1}^2 + \cdots + C_{k+1}^{k} + C_{k+1}^{k+1}\ = & C_{k+1}^0+ \left(C_k^0+C_k^1\right) + \left(C_k^1+C_k^2\right) + \cdots + \left(C_k^{k-1}+C_k^k\right) + C_{k+1}^{k+1}\ = & \left(C_k^0 + C_k^1 + C_k^2 + \cdots + C_k^k\right) + \left(C_k^0 + C_k^1 + C_k^2 + \cdots + C_k^k\right)\ = & 2 \times 2^k\ = & 2^{k+1}
   \end{aligned}\]
   等式也成立。
3. 由1、2得，等式对\(n\in \mathbb{N}^*\)都成立。

也可偷懒地用二项式定理证明（其实二项式定理也是用数学归纳法证明的）：

\[(a+b)^n=\sum_{k=0}^{n}C_n^k a^{n-k}b^k\]
令\(a=b=1\)，就得到了
\[\sum_{i=0}^{n} C_n^i=2^n\]

原文地址：https://www.cnblogs.com/1024th/p/10623541.html