Description
话说威威猫有一次去参加比赛，虽然学校离比赛地点不太远，但威威猫还是想坐出租车去。大学城的出租车总是比较另类，有“拼车”一说，也就是说，你一个人坐车去，还是一堆人一起，总共需要支付的钱是一样的（每辆出租上除司机外最多坐下4个人）。刚好那天同校的一群Acmer在校门口扎堆了，大家果断决定拼车去赛场。
问题来了，一辆又一辆的出租车经过，但里面要么坐满了乘客，要么只剩下一两个座位，众Acmer都觉得坐上去太亏了，威威猫也是这么想的。
假设N名Acmer准备拼车，此时为0时刻，从校门到目的地需要支付给出租车师傅D元（按车次算，不管里面坐了多少Acmer），假如S分钟后恰能赶上比赛，那么S分钟后经过校门口的出租车自然可以忽略不计了。现在给出在这S分钟当中经过校门的所有的K辆出租车先后到达校门口的时间Ti 及里面剩余的座位Zi (1 <= Zi <= 4)，Acmer可以选择上车几个人（不能超过），当然，也可以选择上0个人，那就是不坐这辆车。
俗话说，时间就是金钱，这里威威猫把每个Acmer在校门等待出租车的分钟数等同于花了相同多的钱（例如威威猫等待了20分钟，那相当于他额外花了20元钱）。
在保证所有Acmer都能在比赛开始前到达比赛地点的情况下，聪明的你能计算出他们最少需要花多少元钱么？
Input
输入第一行为T，表示有T组测试数据。每组数据以四个整数N , K , D , S开始，具体含义参见题目描述，接着K行，表示第i辆出租车在第Ti分钟到达校门，其空余的座位数为Zi（时间按照先后顺序）。
[Technical Specification]
T <= 50
N <= 100
K <= 100
D <= 100
S <= 100
1 <= Zi <= 4
1<= T(i) <= T(i+1) <= S
Output
对于每组测试数据，输出占一行，如果他们所有人能在比赛前到达比赛地点，则输出一个整数，代表他们最少需要花的钱（单位：元），否则请输出“impossible”。
Sample Input
1 2 2 10 5 1 1 2 2
Sample Output
14
思路：设dp[i][j]表示前i辆车还剩j个人的最小花费。那么我们需要去每次枚举减少的人
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
const int maxn = 110;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
int dp[maxn][maxn];
int n, k, s, d;
int main() {
int T;
scanf("%d", &T);
while (T--) {
scanf("%d%d%d%d", &n, &k, &d, &s);
for (int i = 0; i <= k; i++)
for (int j = 0; j <= n; j++)
dp[i][j] = inf;
dp[0][n] = 0;
int last = 0;
for (int i = 1; i <= k; i++) {
int t, p;
scanf("%d%d", &t, &p);
for (int j = n; j >= 0; j--) {
if (dp[i-1][j] != inf) {
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i-1][j] + j * (t - last));
for (int l = 1; l <= p; l++)
dp[i][j-l] = min(dp[i][j-l], dp[i-1][j] + j * (t - last) + d);
}
}
last = t;
}
if (dp[k][0] == inf)
printf("impossible\n");
else printf("%d\n", dp[k][0]);
}
return 0;
}