1086: [SCOI2005]王室联邦
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Description
“余”人国的国王想重新编制他的国家。他想把他的国家划分成若干个省，每个省都由他们王室联邦的一个成员来管理。他的国家有n个城市，编号为1..n。一些城市之间有道路相连，任意两个不同的城市之间有且仅有一条直接或间接的道路。为了防止管理太过分散，每个省至少要有B个城市，为了能有效的管理，每个省最多只有3B个城市。每个省必须有一个省会，这个省会可以位于省内，也可以在该省外。但是该省的任意一个城市到达省会所经过的道路上的城市（除了最后一个城市，即该省省会）都必须属于该省。一个城市可以作为多个省的省会。聪明的你快帮帮这个国王吧！
Input
第一行包含两个数N，B（1<=N<=1000, 1 <= B <= N）。接下来N－1行，每行描述一条边，包含两个数，即这条边连接的两个城市的编号。
Output
如果无法满足国王的要求，输出0。否则输出数K，表示你给出的划分方案中省的个数，编号为1..K。第二行输出N个数，第I个数表示编号为I的城市属于的省的编号，第三行输出K个数，表示这K个省的省会的城市编号，如果有多种方案，你可以输出任意一种。
Sample Input
8 2
1 2
2 3
1 8
8 7
8 6
4 6
6 5
Sample Output
3
2 1 1 3 3 3 3 2
2 1 8
很容易想到每次搜子树
不过好像每次搜索出的残余又要和回溯上去的字数凑
会非常麻烦
然后只能看题解
copy一下
因此我们在每次进入递归时维护一个栈底，对于当前子树来说这个栈底就是整个栈的底，栈底以下的元素不能修改或弹栈
这样当一棵子树深搜过后由于子树内未分块节点不超过b，之前搜过的未分块节点数也不超过b，因此每块不超过2b
那么题目为什么给了3b呢？
深搜结束后可能会剩余一些节点，这些节点的数量不超过b，而且一定与当前分出的最后一块连通
因此我们将剩余节点分到最后一块中，可以保证最后一块的大小不超过3b
1 #include<cstdio>
2 #include<cstring>
3 #include<cmath>
4 #include<algorithm>
5
6 #define maxn 1001
7
8 using namespace std;
9
10 inline int in()
11 {
12 int x=0;char ch=getchar();
13 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘)ch=getchar();
14 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘)x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar();
15 return x;
16 }
17
18 int n,l,last[maxn],tot=0,sta[maxn],top=0,father[maxn],root[maxn],cnt=0;
19
20 struct ed{
21 int to,last;
22 }edge[maxn*2];
23
24 void add(int u,int v)
25 {
26 edge[++tot].to=v,edge[tot].last=last[u],last[u]=tot;
27 edge[++tot].to=u,edge[tot].last=last[v],last[v]=tot;
28 }
29
30 void dfs(int poi,int Last)
31 {
32 int lim=top;
33 for(int i=last[poi];i;i=edge[i].last)if(edge[i].to!=Last){
34 dfs(edge[i].to,poi);
35 if(top-lim>=l)
36 {
37 root[++cnt]=poi;
38 while(top!=lim)father[sta[top--]]=cnt;
39 }
40 }
41 sta[++top]=poi;
42 }
43
44 int main()
45 {
46 int u,v;
47 n=in();l=in();
48 for(int i=1;i<n;i++)
49 u=in(),v=in(),add(u,v);
50 dfs(1,0);
51 while(top)father[sta[top--]]=cnt;
52 printf("%d\n",cnt);
53 for(int i=1;i<=n;i++)printf("%d ",father[i]);
54 printf("\n");
55 for(int i=1;i<=cnt;i++)printf("%d ",root[i]);
56 return 0;
57 }