题目背景
阿宝上学了,今天老师拿来了一块很长的涂色板。
题目描述
色板长度为L,L是一个正整数,所以我们可以均匀地将它划分成L块1厘米长的小方格。并从左到右标记为1, 2, ... L。
现在色板上只有一个颜色,老师告诉阿宝在色板上只能做两件事:
- "C A B C" 指在A到 B 号方格中涂上颜色 C。
- "P A B" 指老师的提问:A到 B号方格中有几种颜色。
学校的颜料盒中一共有 T 种颜料。为简便起见,我们把他们标记为 1, 2, ... T. 开始时色板上原有的颜色就为1号色。 面对如此复杂的问题,阿宝向你求助,你能帮助他吗?
输入输出格式
输入格式:
第一行有3个整数 L (1 <= L <= 100000), T (1 <= T <= 30) 和 O (1 <= O <= 100000)。 在这里O表示事件数。
接下来 O 行, 每行以 "C A B C" 或 "P A B" 得形式表示所要做的事情(这里 A, B, C 为整数, 可能A> B,这样的话需要你交换A和B)
输出格式:
对于老师的提问,做出相应的回答。每行一个整数。
输入输出样例
输入样例#1:
2 2 4 C 1 1 2 P 1 2 C 2 2 2 P 1 2
输出样例#1:
2 1 简单的线段树维护压位(当然你也可以开30颗线段树) code:
#include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; inline int ls(int x){return x<<1;} inline int rs(int x){return x<<1|1;} const int maxn=1e5+5; struct FFF{ int l,r; int sum; int tag; int mid(){return l+r>>1;} int len(){return r-l+1;} }t[maxn<<2]; int U,T; int n,m; void up(int o){ t[o].sum=t[ls(o)].sum|t[rs(o)].sum; } void build(int l=1,int r=n,int o=1){ t[o].l=l;t[o].r=r; t[o].tag=0; if(l==r){ t[o].sum=1; return; } int mid=l+r>>1; build(l,mid,ls(o)); build(mid+1,r,rs(o)); up(o); } void down(int o){ int &v=t[o].tag; if(v){ for(int i=0;i<=1;++i){ t[ls(o)|i].tag=v; t[ls(o)|i].sum=v; } v=0; } } void add(int l,int r,int pos,int o=1){ if(l<=t[o].l&&t[o].r<=r){ t[o].tag=(1<<(pos-1)); t[o].sum=(1<<(pos-1)); return; } int mid=t[o].mid(); down(o); if(l<=mid)add(l,r,pos,ls(o)); if(r>mid)add(l,r,pos,rs(o)); up(o); } int getsum(int l,int r,int o=1){ if(l<=t[o].l&&t[o].r<=r){ return t[o].sum; } int ans=0; int mid=t[o].mid(); down(o); if(l<=mid)ans|=getsum(l,r,ls(o)); if(r>mid)ans|=getsum(l,r,rs(o)); return ans; } inline int bcount(unsigned int x){ int ans=0; for(;x;x>>=1)if(x&1)++ans; return ans; } signed main(){ cin>>n>>T>>m; U=(1<<(T))-1; build(); while(m--){ char op[3]; int l,r,x; scanf("%s",op); cin>>l>>r; if(r<l)r^=l^=r^=l; if(op[0]==‘C‘){cin>>x;add(l,r,x);} if(op[0]==‘P‘){ int ans=getsum(l,r); cout<<bcount(ans)<<endl; } } return 0; }
原文地址:https://www.cnblogs.com/eric-walker/p/9426793.html
时间: 2024-10-12 20:33:46