链接：http://acm.nyist.net/JudgeOnline/problem.php?pid=994
题意：
有n个海盗劫得了窖藏的m块金子，并准备瓜分这些战利品。按照古老流传下来的分金法则，由最厉害的一名海盗提出一个分金方案，假如有不小于一半的海盗（包括自己）支持这个方案，则按这个方案分，否则把这个海盗扔进海里，重复由下一个厉害的海盗提出方案。
大家都知道，所有海盗都是贪婪的，虽然他们都乐于看到自己的同伴被扔进海里，但是他们还是希望在保命的前提下分的最多的金子，现在已经按海盗的厉害程度进 行了编号，最厉害的海盗为最大号，依次到小，那么第 k 号海盗能分的多少金。（如果他的得金数不能确定，输出0）
输入:(1 ≤ n ≤ 10^4) (1 ≤ m ≤ 10^7)(1 ≤ k ≤ n)
输出：第k个海盗能获得的金币数
参考博文：http://blog.csdn.net/y990041769/article/details/22858781
思路：如果从上往下分析，将会受到小号策略的影响，不妨逆向从小号（只剩1和2）开始往大递推出关联，关联详见博文；
此题的关键必须深刻理解海盗之间的规则：
1.即使没有金币，也必须要保住性命；
如在n > 2*m部分，第一个稳定状态（n-2*m为2^k，同时也是确定分配方案的海盗的id）就是通过给1~2m海盗分配每人分配1个金币收买，剩下的支持票属于就是来自于n-2^(k-1)~n怕死而支持的海盗；
2.在保命的前提下，能获得金币最好；
在n = 2*m+1时，为了保命只能将m个金币全部给奇数好的海盗，但是在n = 2m+2时，就可以利用2m+1这一点，可选的海盗数就为101个，这里就产生了不确定性；
即当第一个稳定状态n >= 2m+2时，任意小于等于n的海盗要不就是>2m原本就不能获得，只是存活下来，结果为0。要不就是因为上一个状态的不确定性，导致不能确定是否会获得金币，结果也是0；
1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<cstring>
4 #include<string.h>
5 #include<algorithm>
6 #include<vector>
7 #include<cmath>
8 #include<stdlib.h>
9 #include<time.h>
10 #include<stack>
11 #include<set>
12 #include<map>
13 #include<queue>
14 using namespace std;
15 #define rep0(i,l,r) for(int i = (l);i < (r);i++)
16 #define rep1(i,l,r) for(int i = (l);i <= (r);i++)
17 #define rep_0(i,r,l) for(int i = (r);i > (l);i--)
18 #define rep_1(i,r,l) for(int i = (r);i >= (l);i--)
19 #define MS0(a) memset(a,0,sizeof(a))
20 #define MS1(a) memset(a,-1,sizeof(a))
21 #define MSi(a) memset(a,0x3f,sizeof(a))
22 #define inf 0x3f3f3f3f
23 typedef long long ll;
24 #define A first
25 #define B second
26 #define MK make_pair
27 template<typename T>
28 void read1(T &m)
29 {
30 T x=0,f=1;char ch=getchar();
31 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}
32 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();}
33 m = x*f;
34 }
35 template<typename T>
36 void read2(T &a,T &b){read1(a);read1(b);}
37 template<typename T>
38 void read3(T &a,T &b,T &c){read1(a);read1(b);read1(c);}
39 template<typename T>
40 void out(T a)
41 {
42 if(a>9) out(a/10);
43 putchar(a%10+‘0‘);
44 }
45 int T,kase = 1,i,j,k,n,m,c;
46
47 int main()
48 {
49 read1(T);
50 while(T--){
51 read3(n,m,c);
52 int ans = -1;
53 if(n <= 2*m+1){
54 if(c == n) ans = m-(n-1)/2;
55 else if((c&1) == (1&n)) ans = 1;
56 else ans = 0;
57 }else{
58 n -= 2*m; //找到第一个稳定状态
59 while(__builtin_popcount(n) != 1) //是否为2的幂次方
60 n &= (n-1);
61 if(n+2*m >= c) ans = 0;
62 }
63 if(ans == -1) puts("Thrown");
64 else printf("%d\n",ans);
65 }
66 return 0;
67 }