大致题意：
要打印一长串词语，每个词语有一个对应的打印费用Ci，要给词语分行，一行的总费用记为
,M是给定的常数
要求计算一种分行方案使得总费用最小。
数据规模50万。
分析：首先可以想到枚举上一次断行处，这样可以得到最初的状态转移方程：
，复杂度为O(n^2)。
观察一下数据规模为50万，需要优化。
主要思路是考虑淘汰肯定对最优答案没有贡献的点。
将状态转移方程展开：
（注：公式和图来自BIG YAO学长）
移项可得：
观察到蓝色字体部分只与j有关，绿色字体对给定的i为常量，红色字体部分取最小的时候dp[i]取最小。
将蓝色字体视为y(j),sum[j]视为x(j)，问题就转化为对平面上无数个点（x,y），对每一个i，找出一个最优点（x0,y0），使得一条通过该点，斜率为k=2sum[i]的直线的截距最小。
放张图表现一下优化情况：
维护一个队列，即为下凸折线上点的队列，每次寻找最优的j的时候只在队列里的点找。（注意取得最优点的时候相邻的两根折线的斜率对于k=2sum[i]一大一小）
以下具体讨论怎么实现：
i不断向前推进，每次循环做两件事情：
1，找出对于dp[i]最优的上一个断行处j
如果队列上该点i和他后面的那个店形成的斜率小于k=2*sum[i]就头指针+1。
注意由于随i的递增，k=2*sum[i]必然递增，所以出队的点就不需要回来了
2，把i放入队列后就不再需要的点淘汰掉：
一旦出现3个点呈这样，即可淘汰点2，因为：直线经过点4的截距必然小于经过点2的截距，而经过点4的截距必然小于经过点1或点3的截距。
从而经过点2的截距必然小于小1或点3的截距，点2不可能为最优点，可淘汰。
然后把i放入队列（注意sum[i]为严格递增的，所以i个点中最后一个点必然在“外围”，不会被淘汰）
1 #include<cstdio>
2 #include<algorithm>
3 #define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
4 using namespace std;
5 const int MAXN=500010;
6 long long int dp[MAXN],q[MAXN],sum[MAXN];
7 int n,m;
8 inline long long int getdp(int i,int j)
9 {
10 return dp[j]+m+(sum[i]-sum[j])*(sum[i]-sum[j]);
11 }
12 inline long long int gety(int x,int y)
13 {
14 return dp[x]+sum[x]*sum[x]-dp[y]-sum[y]*sum[y];
15 }
16 inline long long int getx(int x,int y)
17 {
18 return 2*sum[x]-2*sum[y];
19 }
20 int main()
21 {
22 // freopen("in.txt","r",stdin);
23 while(scanf("%d%d",&n,&m)==2)
24 {
25 sum[0]=0;
26 rep(i,1,n)
27 {
28 scanf("%lld",&sum[i]);
29 sum[i]=sum[i-1]+sum[i];
30 }
31 dp[0]=0;
32 int head,tail;
33 tail=0;
34 head=0;
35 q[tail]=0; //虚拟制造一个点0，若0点最优代表把所有词语分成一行最优
36 rep(i,1,n)
37 {
38 while(head+1<=tail&&(gety(q[head+1],q[head])<=sum[i]*getx(q[head+1],q[head]))) head++; //寻找对于i最好的上一次分行的截止点
39 dp[i]=getdp(i,q[head]);
40 while(head+1<=tail&&gety(i,q[tail])*getx(q[tail],q[tail-1])<=gety(q[tail],q[tail-1])*getx(i,q[tail])) tail--; //i放入队列后需要淘汰的点
41 q[++tail]=i; //把i放入队列
42 }
43 printf("%lld\n",dp[n]);
44 }
45 return 0;
46 }