集训快要结束了，按照要求需要写一篇关于枚举的总结，于是在网上也看了许多其他菊苣写的文章，深受启发，但是思来想去感觉又不太系统，于是希望能在吸收那些知识后做一些整理，帮助后面的新人。
枚举的基本方法：
枚举，枚举，顾名思义，就是将所有情况都举出，并判断其是否符合题目条件。所以枚举的基本方法便是分析题意后，找到一个合适的维度列举每一个元素，以完成题目。其中如何找到一个合适的维度来进行枚举便是其中的最大难点。
枚举的基本条件：
首先是时间条件。一般来说主流的OJ当中，1000ms的时间限制下可以运行操作数为10^7以内的运算（通常10^6以内较为保险），所以在采用枚举方法之前最好看一下数据范围，确保整个程序的执行操作数不会超过10^6-10^7这个量级，如果超过了就尝试更换枚举的维度或者使用其他算法吧。
其次是编程上的实现条件。在编程实现上，一般来说暴力枚举需要两个条件，一是枚举的范围一般需要连续，如果枚举范围是离散的，那么一般很难使用for循环枚举出所有状态，也就不能保证解的完整性（不过有些时候数据看似离散，但实际上可以经过处理变得连续）。第二个条件是枚举内容需要已知，不能在枚举到某个地方的时候出现未知（不过这个一般都被满足）。
枚举的优点：
1.能举出所有情况，保证解为正确解。
2.能解决许多用其他算法难以解决的问题。
3.便于思考与编程。
例题一：火柴棒等式：
【问题描述】给你n根火柴棍，你可以拼出多少个形如“A+B=C”的等式？等式中的A、B、C是用火柴棍拼出的整数（若该数非零，则最高位不能是0）。用火柴棍拼数字0-9的拼法如图所示：
注意：
1. 加号与等号各自需要两根火柴棍
2. 如果A≠B，则A+B=C与B+A=C视为不同的等式（A、B、C≥0）
3. n根火柴棍必须全部用上
【输入】输入一个整数n（n≤24）。
【输出】输出能拼成的不同等式的数目。
问题简述：给你n(n<=24)根火柴棒,叫你拼出 “A + B = C”这样的等式,求方案数。
思路：由于题目中已经给出，最多有24根火柴，而等号和加号各用4根的前提下，A\B\C三个数则总共只有20根火柴，数据范围较小，可以用枚举法枚举A、B。这个时候我们发现，0-9这10个数字所用的火柴数为：6,2,5,5,4,5,6,3,7,6，很明显数字1用的火柴棒最少只要2根，不妨让B为1，那么A和C最多可以使用18根火柴，而C>=A，满足条件的A的最大取值为1111。所以枚举A和B的范围是从0~1111。
为了加快速度，可以将0到2222的所有整数需要的火柴棒数目提前算好保存在数组中。
代码：
#include <iostream>
using namespace std;
int a[2223]={6,2,5,5,4,5,6,3,7,6};
const int b[10]={6,2,5,5,4,5,6,3,7,6};
//计算自然数n所需要的火柴数
int need(int n)
{
int tmp, num;
num=0;
if(n==0) return 6;
while(n>0) {
tmp=n%10;
num+=b[tmp];
n/=10;
}
return num;
}
int main( )
{
int n,A,B,C,D,sum;
cin>>n;
sum=0;
for(int i=10; i<2223; i++) //预处理
a[i]=need(i);
for(int i=0; i<=1000; i++) {
for(int j=0; j<=1000; j++) {
A=a[i]; B=a[j]; C=n-4-A-B;
D=a[i+j];
if(D==C) sum++;
}
}
cout<<sum<<endl;
return 0;
}
提示：本题使用枚举的优势在于数据范围较小，而且没有合适的其他算法来处理。
例题二：计算几何你瞎暴力（玲珑OJ1143）
DESCRIPTION
今天HHHH考完了期末考试,他在教学楼里闲逛,他看着教学楼里一间间的教室,于是开始思考:
如果从一个坐标为 (x1,y1,z1)(x1,y1,z1)的教室走到(x2,y2,z2)(x2,y2,z2)的距离为 |x1?x2|+|y1?y2|+|z1?z2||x1?x2|+|y1?y2|+|z1?z2|
那么有多少对教室之间的距离是不超过RR的呢?
INPUT
第一行是一个整数T(1≤T≤10)T(1≤T≤10), 表示有TT组数据 接下来是TT组数据,对于每组数据: 第一行是两个整数n,q(1≤n≤5×104,1≤q≤103)n,q(1≤n≤5×104,1≤q≤103), 表示有nn间教室, qq次询问. 接下来是nn行, 每行3个整数xi,yi,zi(0≤xi,yi,zi≤10)xi,yi,zi(0≤xi,yi,zi≤10),表示这间教室的坐标. 最后是qq行,每行一个整数R(0≤R≤109)R(0≤R≤109),意思见描述.
OUTPUT
对于每个询问RR输出一行一个整数,表示有多少对教室满足题目所述的距离关系.
SAMPLE INPUT
1 3 3 0 0 0 1 1 1 1 1 1 1 2 3
SAMPLE OUTPUT
1 1 3
HINT
对于样例,1号教室和2号教室之间的距离为3, 1号和3号之间的距离为3, 2号和3号之间的距离为0
题意：在一个三维空间中有N个点，q次查询，每次查询给一距离r，求出三维空间中有多少对点之间的哈密顿距离小于r。
思路：一开始的时候如果按照朴素的想法，先离线处理，两两配对求出每两个点之间的距离，之后输出，但是本题中点的数目n的数据较大，如果要全部处理的话需要109左右的操作数，肯定会超时。那么这个时候我们仔细观察后发现，每一个点的范围很小，0<=x,y,z<=10，如果我们通过坐标来遍历每一个点，那么就只需要10^3的复杂度，显然更合适。所以本题也是如此，通过以坐标为单位的枚举，就可以得到最后的结果：
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAX = 10005;
const int MOD = 1e9+7;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int n, q, t, tem;
int a, b, c, x, y, z;
LL aa[35];
LL dex[15][15][15];
int dis(int aa, int bb, int cc, int xx, int yy, int zz)
{
return abs(aa-xx)+abs(bb-yy)+abs(cc-zz);
}
int main()
{
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
memset(aa, 0, sizeof(aa));
memset(dex, 0, sizeof(dex));
scanf("%d%d",&n,&q);
while(n--)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
++dex[x][y][z];
}
for(a = 0; a <= 10; ++a)
for(b = 0; b <= 10; ++b)
for(c = 0; c <= 10; ++c)
if(dex[a][b][c])
for(x = 0; x <= 10; ++x)
for(y = 0; y <= 10; ++y)
for(z = 0; z <= 10; ++z)
if(dex[x][y][z])
{
tem = dis(a, b, c, x, y, z);
if(tem == 0)
aa[tem] += (dex[x][y][z])*(dex[x][y][z]-1)/2;
else
aa[tem] += dex[x][y][z]*dex[a][b][c];
}
for(int i = 1; i <= 30; ++i)
aa[i] /= 2;
for(int i = 1; i <= 30; ++i)
aa[i] += aa[i-1];
while(q--)
{
scanf("%d",&tem);
if(tem > 30)
tem = 30;
printf("%lld\n",aa[tem]);
}
}
return 0;
}
提示：本题采用枚举是因为数据范围的独特性，当数据范围较小的时候，使用枚举的办法是一种好的办法。