Bzoj 2726 SDOI 任务安排

Description

机器上有N个需要处理的任务，它们构成了一个序列。这些任务被标号为1到N，因此序列的排列为1,2,3...N。这N个任务被分成若干批，每批包含相邻的若干任务。从时刻0开始，这些任务被分批加工，第i个任务单独完成所需的时间是Ti。在每批任务开始前，机器需要启动时间S，而完成这批任务所需的时间是各个任务需要时间的总和。注意，同一批任务将在同一时刻完成。每个任务的费用是它的完成时刻乘以一个费用系数Fi。请确定一个分组方案，使得总费用最小。

Input

第一行两个整数，N,S。

接下来N行每行两个整数，Ti,Fi。

Output

一个整数，为所求的答案。

Sample Input

5 1
1 3
3 2
4 3
2 3
1 4

Sample Output

153

Hint

Source

SDOI2012

BZOJ挂了，目前只过了样例，没有测试。

是 http://www.cnblogs.com/SilverNebula/p/5926270.html 这道题的强化版本，数据范围达到了1e6，同时t可能出现负值（强行时间倒流），这使得原本的公式不能保证斜率单调。

解决办法是不弹队头，保留所有位置，每次二分查找斜率最大位置。

——然而神tm我不管写什么算法，加上二分就WA，这次只是加个二分，又调了20分钟才过样例。

 1 /*by SilverN*/
 2 #include<iostream>
 3 #include<algorithm>
 4 #include<cstring>
 5 #include<cstdio>
 6 #include<cmath>
 7 #include<queue>
 8 #define LL long long
 9 using namespace std;
10 const int mxn=1e6+1;
11 long long read(){
12     long long x=0,f=1;char ch=getchar();
13     while(ch<‘0‘ || ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}
14     while(ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();}
15     return x*f;
16 }
17 LL n;
18 LL s;
19 LL t[mxn],f[mxn];
20 LL sumt[mxn],sumf[mxn];
21 LL dp[mxn];
22 int q[mxn];
23 LL gup(int j,int k){
24     return (dp[j]-dp[k]);
25 }
26 LL gdown(int j,int k){
27     return sumf[j]-sumf[k];
28 }
29 LL gdp(int i,int j){
30     return dp[j]+(sumf[i]-sumf[j])*sumt[i]+s*(sumf[n]-sumf[j]);
31 }
32 int main(){
33     n=read();s=read();
34     int i,j;
35     for(i=1;i<=n;i++){
36         t[i]=read();f[i]=read();
37         sumt[i]=sumt[i-1]+t[i];
38         sumf[i]=sumf[i-1]+f[i];
39     }
40     memset(dp,0x3f,sizeof dp);
41     dp[0]=0;
42     int hd=0,tl=0;
43     q[hd]=0;
44     for(i=1;i<=n;i++){
45         int l=0,r=tl;
46         while(l<r){
47             int mid=(l+r)>>1;
48             if( ((double)dp[q[mid+1]]-dp[q[mid]])>=(double)(s+sumt[i])*(sumf[q[mid+1]]-sumf[q[mid]]))r=mid;
49             else l=mid+1;
50         }
51         dp[i]=min(dp[i],gdp(i,q[l]));
52         printf("i:%d   %lld\n",i,gup(i,q[l])/gdown(i,q[l]));
53         while(hd<tl && gup(i,q[tl])*gdown(q[tl],q[tl-1])<=gup(q[tl],q[tl-1])*gdown(i,q[tl]) )tl--;
54         q[++tl]=i;
55     }
56     printf("%lld",dp[n]);
57     return 0;
58 }